\(n_{hh}=6,72:22,4=0,3mol\\ C_2H_2+2Br_2->C_2H_2Br_4\\ C_2H_4+Br_2->C_2H_2Br_2\\ n_{Br_2}=0,4mol\\ n_{C_2H_2}=a;n_{C_2H_4}=b\\ a+b=0,3\\ 2a+b=0,4\\ a=0,2;b=0,1\\ \%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,2}{0,3}.100\%=66,67\%\\ \%V_{C_2H_4}=33,33\%\)

1/2 hỗn hợp có 0,1 mol C2H2 và 0,05mol C2H4

\(BT.C:n_{CO_2}=2n_{C_2H_2}+2n_{C_2H_4}=0,3mol\\ n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,3\\ m_{KT}=0,3.100=30g\)

a.b.\(n_{Mg}=\dfrac{4,8}{24}=0,2mol\)

\(Mg+2HCl\rightarrow MgCl_2+H_2\)

0,2                                    0,2   ( mol )

\(V_{H_2}=0,2.22,4=4,48l\)

c.\(2H_2+O_2\rightarrow\left(t^o\right)2H_2O\)

    0,2                           0,2    ( mol )

\(m_{H_2O}=0,2.18.\left(100-5\right)\%=3,42g\)

Mg+2HCl->MgCl2+H2

0,2----0,4----0,2-----0,2

n Mg=0,2 mol

=>VH2=0,2.22,4=4,48l

2H2+O2-to>2H2O

0,2---------------0,2

=>m H2O=0,2.18.95%=3,42g

\(n_{Mg}=\dfrac{4,8}{24}=0,2\left(mol\right)\)
pthh : \(Mg+2HCl->MgCl_2+H_2\)
          0,2                                   0,2 
=> \(V_{H_2}=0,2.22,4=4,48\left(L\right)\)
pthh \(2H_2+O_2-t^o->2H_2O\)
          0,2                         0,2   
 => \(m_{H_2O\left(lt\right)}=0,2.18=3,6\left(g\right)\)
=>\(m_{H_2O\left(tt\right)}=3,6.105=3,78\left(g\right)\)

\(n_{CH_4}=\dfrac{V_{CH_4}}{22,4}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25mol\)

\(CH_4+2O_2\rightarrow\left(t^o\right)CO_2+2H_2O\)

0,25      0,5            0,,25      0,5   ( mol )

\(V_{O_2}=n_{O_2}.22,4=0,5.22,4=11,2l\)

\(m_{CO_2}=n_{CO_2}.M_{CO_2}=0,25.44=11g\)

\(m_{H_2O}=n_{H_2O}.M_{H_2O}=0,5.18=9g\)

CH4+2O2-to>CO2+2H2O

0,25---0,5--------0,25---0,5

n CH4=\(\dfrac{5,6}{22,4}\)=0,25 mol

=>VO2=0,5.22,4=11,2l

=>m CO2=0,25.44=11g

=>m H2O=0,5.18=9g

c, Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{8,8}{44}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{Ca\left(OH\right)_2}=\dfrac{22,2}{74}=0,3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\dfrac{n_{CO_2}}{n_{Ca\left(OH\right)_2}}=\dfrac{0,2}{0,3}=0,67< 1\) 

→ Pư tạo muối trung hòa và Ca(OH)₂ dư.

PT: \(CO_2+Ca\left(OH\right)_2\rightarrow CaCO_{3\downarrow}+H_2O\)

Theo PT: \(n_{CaCO_3}=n_{CO_2}=0,2\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow m_{CaCO_3}=0,2.100=20\left(g\right)\)

Có câu a, b ko ạ

\(n_{C_2H_4}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: C₂H₄ + 3O₂ ---t^o---> 2CO₂ + 2H₂O

              0,2      0,6                 0,4        0,4

V_O2 = 0,6.22,4 = 13,44 (l)

m_CO2 = 0,4.44 = 17,6 (g)

m_H2O = 0,4.18 = 7,2 (g)

PTHH: Ca(OH)₂ + CO₂ ---> CaCO₃ + H₂O

Khối lượng dd tăng bằng khối lượng CO₂ tham gia phản ứng là 17,6 g

nCH4 = 11.2/22.4 = 0.5 (mol) 

CH4 + 2O2 -to-> CO2 + 2H2O 

0.5____________0.5 

CO2 + Ca(OH)2 => CaCO3 + H2O 

0.5_______________0.5 

mCaCO3 = 0.5*100 = 50 (g) 

\(CH_4 + 2O_2 \xrightarrow{t^o} CO_2 +2H_2O\\ CO_2 +C a(OH)_2 \to CaCO_3 + H_2O\\ n_{CaCO_3} = n_{CO_2} = n_{CH_4} = \dfrac{11,2}{22,4} = 0,5(mol)\\ m = 0,5.100 = 50(gam)\)

Đáp án C.

Chất rắn sau phản ứng gồm 2 kim loại →  2 kim loại đó là Cu và Fe , Al đã phản ứng hết →  CuSO₄ không dư →  n_Cu = 0,105 mol => m= 6,72 gam →  còn 1,12 gam là của Fe .

Phản ứng :   Fe + 4HNO₃ → Fe(NO₃)₃ + NO +2H₂O

n_Fe = 0,02 mol →  nHNO3= 0,08 mol .

   n F e 3 + = 0,02 mol

chú ý phản ứng: Cu  + 2Fe³⁺ → Cu²⁺    + 2Fe²⁺

⇒  0,01 mol Cu + 0,02 mol Fe³⁺ →  0,01 mol Cu²⁺ và 0,02 mol Fe²⁺ )

 Để HNO₃ cần dùng là tối thiểu thì cần dùng 1 lượng hòa tan vừa đủ 0,105 – 0,01 = 0,095 mol Cu

3Cu + 8HNO₃ → 3Cu(NO₃)₂ + 2NO + 4H₂O

Từ đây tính được nHNO3= 0,095.   8 3 = 0,253 mol

→  tổng  nHNO3 đã dùng là 0,253 + 0,08 = 0,333 mol

→ = 0,16667 lít = 166,67 ml